Может ли число вида 1999^n-1 заканчиваться на 1999 нулей? Ответ ОБЯЗАТЕЛЬНО обосновать

Может. Подготовительный факт: рассмотрим бином Ньютона (a, b - целые числа)[latex](a+b)^n=sumlimits_{k=0}^nC_n^ka^kb^{n-k}[/latex]Преобразуем:[latex](a+b)^n=C_n^0b^n+C_n^1ab^{n-1}+sumlimits_{k=2}^{n}C_n^ka^kb^{n-k}=\=b^n+nab^{n-1}+a^2sumlimits_{k=2}^{n}C_n^ka^{k-2}b^{n-k}=a^2cdot A+nab^{n-1}+b^n[/latex]"А" в последнем равенстве тоже целое.Теперь можно приступить к решению. Рассмотрим последовательность [latex]x_n=1999^{10^n}[/latex][latex]x_1=(2000-1)^{10}=2000^2cdot a_1-10cdot2000+1=10^4cdot b_1+1\ x_2=(10^4cdot b_1+1)^{10}=10^8cdot a_2+10^5cdot b_1+1=10^5cdot b_2+1\ x_3=(10^5cdot b_2+1)^{10}=10^{10}cdot a_3+10^6cdot b_2+1=10^6cdot b_3+1[/latex]Все числа ai, bi - целые, явный вид которых не важен.И вообще, если [latex]x_k=10^{k+3}b_k+1\ x_{k+1}=10^{2k+6}a_{k+1}+10^{k+4}b_k+1=10^{k+4}cdot b_{k+1}+1[/latex]Итак, 1999^(10^k) - 1 кончается не менее, чем на (k + 3) нуля. Тогда, выбрав k = 1996, получаем желаемое.